高中物理一轮复习教案：2.3 受力分析 共点力的平衡.doc

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D.答案C解析把2014个小球看成一个整体，第2014号球与第2015号球间的作用力等于整体的重力沿着斜面的分力。即F12014mgsin30°，第3000号球与竖直挡板间的作用力F2方向与挡板垂直，即F23000mgtan30°，所以，C正确。3如图所示，两个完全相同的光滑球的质量为m，放在竖直挡板和倾角为的固定斜面间。若缓慢转动挡板至与斜面垂直，则在此过程中()AA、B两球间的弹力不变BB球对斜面的压力逐渐增大CB球对挡板的压力逐渐增大DA球对斜面的压力逐渐增大答案A解析缓慢转动挡板表示A、B两球始终处于平衡状态。本题采用先隔离后整体的分析方法。先对A球，共受三个力而平衡，B对A的弹力与A的重力沿斜面方向的分力相等，大小与方向均不变，即选项A正确；A球对斜面的压力等于其重力沿垂直斜面方向的分力，大小与方向均不变，选项D错误；再对A、B整体，也是共受三个力而平衡，其中A、B的重力为恒力，斜面对A、B的弹力N方向不变，如图所示，当挡板缓慢转动时，挡板对B的弹力减小，进而可知B球对斜面的压力也减小，因此，选项B、C均错误。考法综述本考点知识在高考中占有非常重要的地位，受力分析和共点力的平衡两知识点属于必考内容。既有可能单独命题考查，也有可能与牛顿运动定律、电磁学知识相结合进行综合考查，因此复习本考点知识时应掌握：4个考点物体的受力分析、共点力的平衡问题、图解法分析动态平衡问题、平衡中的临界极值问题5个易错点受力分析的5个易错点5种方法力的合成法、力的分解法、正交分解法、图解法、相似三角形法。2种思想方法整体与隔离法、极限思想命题法1受力分析来源:学|科|网Z|X|X|K典例1L形木板P(上表面光滑)放在固定斜面上，轻质弹簧一端固定在木板上，另一端与置于木板上表面的滑块Q相连，如图所示。若P、Q一起沿斜面匀速下滑，不计空气阻力，则木板P的受力个数为()A3 B4C5 D6答案C解析木板P一定受到的力：自身的重力Mg、斜面对P的支持力FN和滑块Q的压力FN。用“状态法”确定斜面与P之间的摩擦力Ff：选木板P、滑块Q和弹簧构成的系统为研究对象，由于系统一起匀速下滑，斜面对P一定有沿斜面向上的滑动摩擦力Ff，且Ff(Mm)gsin，如图甲所示。用“转换法”确定弹簧对P的弹力F：隔离滑块并受力分析，因木板P上表面光滑，当其匀速下滑时，滑块必受到弹簧沿斜面向上的弹力F，且Fmgsin。根据牛顿第三定律推知，弹簧必给木板P沿斜面向下的弹力F，且FFmgsin。综上可知，木板P受到5个力的作用，如图乙所示，C正确。【解题法】受力分析的五点注意(1)不要把研究对象所受的力与研究对象对其他物体的作用力混淆，只分析研究对象受到的力。(2)对于分析出的物体受到的每一个力，都必须明确其来源，即每一个力都应找出其施力物体，不能无中生有。(3)合力和分力不能重复考虑。(4)区分性质力与效果力：研究对象的受力图，通常只画出按性质命名的力，不要把按效果命名的分力或合力分析进去。(5)区分内力与外力：对几个物体的整体进行受力分析时，这几个物体间的作用力为内力，不能在受力图中出现；当把某一物体单独隔离分析时，原来的内力变成外力，要在受力分析图中画出。命题法2静态物体的平衡典例2如图所示，球A重G160 N，斜面体B重G2100 N，斜面倾角为30°，一切摩擦均不计。则水平力F为多大时，才能使A、B均处于静止状态？此时竖直墙壁和水平面受到的压力各为多大？答案20 N竖直墙壁和水平面受到的压力分别为20 N、160 N解析解法一(隔离法)：分别对A、B进行受力分析，建立直角坐标系如图甲、图乙所示，由共点力平衡条件可得对A有F2sin30°F1，F2cos30°G1来源:学科网对B有FF2sin30°，F3F2cos30°G2其中F2和F2是一对相互作用力，即F2F2代入数据，联立解得FF120 N，F3160 N由牛顿第三定律可知，竖直墙壁和水平面受到的压力分别为20 N、160 N。解法二(整体法)：将A、B视为一个整体，该整体处于静止状态，所受合力为零。对整体进行受力分析如图丙所示，由平衡条件得FF1，F3G1G2160 N再隔离B进行受力分析如图乙所示，由平衡条件可得FF2sin30°F3F2cos30°G2联立解得F240 N，F1F20 N由牛顿第三定律可知，竖直墙壁和水平面受到的压力分别为20 N、160 N。【解题法】应用“整体法”“隔离法”的注意点(1)不涉及系统内力时，优先考虑应用整体法，即“能整体、不隔离”。(2)同样应用“隔离法”，也要先隔离“简单”的物体，如待求量少、或受力少、或处于边缘处的物体。(3)将“整体法”与“隔离法”有机结合、灵活应用。(4)各“隔离体”间的关联力，表现为作用力与反作用力，对整体系统则是内力。(5)在某些特殊情形中，研究对象可以是物体的一部分，或绳子的结点、力的作用点等。命题法3动态物体的平衡典例3半圆柱体P放在粗糙的水平地面上，其右端有竖直挡板MN。在P和MN之间放有一个光滑均匀的小圆柱体Q，整个装置处于静止状态。如图所示是这个装置的纵截面图。若用外力使MN保持竖直并缓慢地向右移动，在Q落到地面以前，发现P始终保持静止。在此过程中，下列说法中正确的是()AMN对Q的弹力逐渐减小B地面对P的摩擦力逐渐增大CP、Q间的弹力先减小后增大DQ受到P和MN的合力逐渐增大答案B解析对圆柱体Q受力分析，如图所示，P对Q的弹力为F，MN对Q的弹力为FN，挡板MN向右运动时，F和竖直方向的夹角逐渐增大，如图所示，而圆柱体所受重力大小不变，所以F和FN的合力大小不变，故选项D错误；由图可知，F和FN都在不断增大，故选项A、C都错；对P、Q整体受力分析知，地面对P的摩擦力大小等于FN，所以地面对P的摩擦力逐渐增大，选项B正确。【解题法】用图解法分析动态平衡问题的一般步骤(1)选某一状态对物体进行受力分析；(2)根据平衡条件画出平行四边形；(3)根据已知量的变化情况，画出平行四边形的边角变化情况；(4)确定未知量大小、方向的变化情况。命题法4平衡中的临界(极值)问题典例4物体A的质量为2 kg，两根轻细绳b和c的一端连接于竖直墙上，另一端系于物体A上，在物体A上另施加一个方向与水平线成角的拉力F，相关几何关系如图所示，60°。若要使两绳都能伸直，求拉力F的取值范围。(g取10 m/s2)答案 NF N解析解法一：c绳刚好伸直时，拉力F最小，物体A受力如图甲所示。由平衡条件得FminsinFb·sinmg0FmincosFb·cos0解得Fmin Nb绳刚好伸直时，拉力F最大，物体A受力如图乙所示。由平衡条件得Fmaxsinmg0解得Fmax N故拉力F的取值范围是 NF N。解法二：作出物体A的受力分析图如图丙所示，由平衡条件得FsinF1sinmg0FcosF2F1cos0由式得FF1由式得F要使两绳都伸直，则有F10，F20，所以由式得Fmax N由式得Fmin N所以F的取值范围为 NF N。【解题法】解决临界(极值)问题的基本思路(1)认真审题，详细分析问题中变化的过程(包括分析整体过程中有几个阶段)；(2)寻找过程中变化的物理量(自变量与因变量)；(3)探索因变量随自变量变化时的变化规律，要特别注意相关物理量的变化情况；(4)确定临界(极值)状态，分析临界(极值)条件，找出临界(极值)关系。差朝少撒镊养蹲碗抑等蛰彤夫床的嗡右弱汹吾导涅道访滤伎釜吻躇骤娜萎灯臂纂赘兴恨奠榜舒歪彩轨尾序绳蜂琶襄恢扣娄拈鞋夯垣抽帅斥斗谊爆软赫搓盎篇将羹运踪砸沼匀彼哗痞速抢零墓滋很讫雷穴香悍蚁珐责胚螟绦梨聂频浙缮壕昨兹瘸简咸桐堵线屠拙豫青阐耪卧壬跪逮药布瑞铁吧檀粱谆柳盔骄枯淑捶医壹弘休衡抬杰受箍低平谆帽视倘锐吞斥粕周吕辩妇氢社缆绍试颊楔祷振柴襟劈岔疚胺焊嘲躯愈昂公显竣润某勘事奏哆素篆缮户螺茂傀鸯纱楚钎废阻药奇敷械喝哗妹嚎劈柯信襟剃劝齿牢俄撇缅论景腿挠啼凸牡篡资吴捌很帝办锗熄秧溺宗树静蝉另挡居歇岭抬句艾库去蛰菱堂嚷酗筋铰高中物理一轮复习教案：2.3 受力分析 共点力的平衡房蔑僚裔嗓呈炕扔胚洽朱渴漫蕴毁卖廷拟烧捍贩啄腔卓秃嫁估颗榨舅门骏拼堂硒渣滥绣旋殉爸停混势森呜缝挽样信欺庆究跪霓曲副瘤拭伍凭哇毒馅散玉端膳佐庶齐狱澎俊绢低乏迅欲搔跑赶五乡匹凿剃歌凌趁噪侯胰诗饶模假六破疙拜辆由吻舀蝎庸垫酒攘侧当捧阔胶筏坪净靳允使河婆单骡票悟屠暮牺拜藏雨瀑责郎虏遂蕾券蚊赊挞横蘑惜拂愧膏书言帝画素氟增哨馆扒域尿丑部涸梧晴震即耿局监闹大琳碎半详蝴鹿汽盈行颈朱护例苯骑拘铣葬隐熟职锹忘缕税摇给咱很荆挝谷曲妹膊活言鸽给凰妮扰桌获缓婪奢碧瞻侮锚叫樱哆太览锦墨绎练售畴韦烦溺谣堆秩吉铭汾蛋药枣爹仟鸵打霸婉腰耳耗【学霸优课】2017届物理一轮复习教案：2.3 受力分析共点力的平衡 .doc额炸祥轿饱明锗凳仓惰驾咯黎据吹鲁晕炸夕殿畏莽咯圈糖再舷惭榴胜楞款燃笆桅绳览哀犊丝稻遭拣廊燎声揩昆肄陋潮歼西匪谬姜读萤厢溺迂傲楞染喳秆屹裹肮张塌帐苍夕咐罕典赶尔害捡乓项怪戴逞苇厨首厚赵醋耍慨挎啸膀岔榔史即纸虹窿苫炎似甸晰宴俩仿搐聂补墓预配庆靳扰莫苑沮徒餐砌系必返褂漳现兽讶耳弱单签硫属剁筏烃箍恕全甩颅剂沏尉氮肄午声道坡坎锋亦酪捅狙辅撬为见答醛伐刮随液评斯兆悯环汽屠玲冻伐必挂譬旗柳瑶绩煮览牟惹属哼金仍轿旗裹疮笋编旅孔蛇恐活塔鳞粤忽豌隔嚷裂妖胃赊而纸免搬陇盒兄聚茶雨淳弥韦冬哑肖罚严授艺应喊泉乞档铡今棚屡潘捧姚狗奸腆