高中物理 2.8 气体实验定律(Ⅱ) 每课一练2 粤教版选修3-3.doc

2.8 气体实验定律() 每课一练2（粤教版选修3-3）基础练1为了控制温室效应，各国科学家都提出了不少方法和设想有人根据液态CO2密度大于海水密度的事实，设想将CO2液化后，送入深海海底，以减小大气中CO2的浓度为使CO2液化，最有效的措施是( )A减压、升温 B增压、升温C减压、降温 D增压、降温2(双选)如图1所示甲、乙为一定质量的某种气体的等容或等压变化图象，关于这两个图象的正确说法是( )图1A甲是等压线，乙是等容线B乙图中pt线与t轴交点对应的温度是273.15，而甲图中Vt线与t轴的交点不一定是273.15.来源:学科网C由乙图可知，一定质量的气体，在任何情况下都是p与t成直线关系D乙图表明随温度每升高1，压强增加相同，但甲图随温度的升高压强不变3(双选)下列过程可能发生的是( )A气体的温度变化，但压强、体积保持不变B气体的温度、压强保持不变，而体积发生变化C气体的温度保持不变，而压强、体积发生变化D气体的温度、压强、体积都发生变化4(双选)一定质量的气体在0时压强为p0，在27时压强为p，则当气体从27升高到28时，增加的压强为( )Ap0/273 Bp/273Cp0/300 Dp/300提升练5(双选)一定质量的理想气体，处在某一状态，经下列哪个过程后会回到原来的温度( )A先保持压强不变而使它的体积膨胀，接着保持体积不变而减小压强B先保持压强不变而使它的体积减小，接着保持体积不变而减小压强C先保持体积不变而增大压强，接着保持压强不变而使它的体积膨胀D先保持体积不变而减小压强，接着保持压强不变而使它的体积膨胀6.来源:学.科.网图2将一根质量可忽略的一端封闭的塑料管子插入液体中，在力F的作用下保持平衡，如图2所示的H值大小与下列哪个量无关( )A管子的半径 B大气压强C液体的密度 D力F7一绝热隔板将一绝热长方形容器隔成两部分，两边分别充满气体，隔板可无摩擦移动开始时，左边的温度为0，右边的温度为20，当左边的气体加热到20，右边的气体加热到40时，则达到平衡状态时隔板的最终位置( )A保持不动 B在初始位置右侧C在初始位置左侧 D决定于加热过程8.图3来源:学§科§网如图3所示，一端封闭的粗细均匀的玻璃管，开口向上竖直放置，管中有两段水银柱封闭了两段空气柱，开始时V12V2，现将玻璃管缓慢地均匀加热，则下述说法中正确的是( )A加热过程中，始终保持V12V2B加热后V1>2V2C加热后V1<2V2D条件不足，无法确定9(双选)图4一定质量的理想气体经历如图4所示的一系列过程，ab、bc、cd和da这四段过程在pT图上都是直线段，其中ab的延长线通过坐标原点O，bc垂直于ab，而cd平行于ab，由图可以判断( )Aab过程中气体体积不断减小Bbc过程中气体体积不断减小Ccd过程中气体体积不变Dda过程中气体体积不断增大题号123456789答案10.图5粗细均匀的U形管，右端封闭有一段空气柱，两管内水银面高度差为19 cm，封闭端空气柱长度为40 cm，如图5所示，问向左管内再注入多少水银可使两管水银面等高？已知外界大气压强p076 cmHg，注入水银过程中温度保持不变11如图6所示为一太阳能空气集热器，底面及侧面为隔热材料，顶面为透明玻璃板，集热器容积为V0，开始时内部封闭气体的压强为p0，经过太阳曝晒，气体温度由T0300 K升至T1350 K.图6(1)求此时气体的压强来源:学科网ZXXK(2)保持T1350 K不变，缓慢抽出部分气体，使气体压强再变回到p0.求集热器内剩余气体的质量与原来总质量的比值12如图7所示，来源:学科网ZXXK图7汽缸中封闭着温度为100的空气，一重物用绳索经滑轮跟缸中活塞相连接，重物和活塞都处于平衡状态，这时活塞离汽缸底的高度为10 cm.如果缸内空气温度变为0，重物将上升多少厘米？(结果保留三位有效数字)参考答案1D2AD 由查理定律及盖·吕萨克定律可知，甲图是等压线，乙图是等容线，故A正确；由“外推法”可知两种图线的反向延长线与t轴的交点温度为273.15，即热力学温度的0 K，故B错；查理定律及盖·吕萨克定律是气体的实验定律，都是在温度不太低、压强不太大的条件下得出的，当压强很大，温度很低时，这些定律就不成立了，故C错；由于图线是直线，故D正确3CD 在气体状态的三个物理量温度、压强和体积中，气体状态变化时，至少有两个量同时发生变化，单独一个参量发生变化是不可能的A、B错误，C、D正确4AD 根据pT可得p0/273pt/(273t)，则ptp0(1t/273)，所以pp0(127/273)，pp0(128/273)，所以pppp0/273根据p1/T1p2/T2得p/(27327)p/(27328)从而p301p/300所以pppp/3005AD 由于此题要经过一系列状态变化后回到初始温度，所以先在pV坐标中画出等温变化图线，然后在图线上任选一点代表初始状态，根据各个选项中的过程画出图线，如图所示，从图线的发展趋势来看，有可能与原来的等温线相交说明经过变化后可能回到原来的温度，选项A、D正确6B 分析管子的受力如图所示，由受力平衡有p0SFpS，又pp0gH，故H，与大气压强无关，故选B.7B 设温度变化过程中气体的体积不变，据查理定律得：pT.对左边气体，p左×20；对右边气体p右×20.因初始p左p右，故p左>p右即隔板将向右侧移动本题的正确答案为B.8A 在整个加热过程中，上段气柱的压强始终保持为p0h1不变，下段气柱的压强始终为p0h1h2不变，所以整个过程为等压变化根据盖·吕萨克定律得，即V1V1，即V2V2.所以，即V12V2.9BD 状态a和状态b在同一等容线上，所以选项A错误；线段Oc的斜率大于线段aO的斜率(b在线段aO上)，所以Vc<Vb，从bc气体体积减小，选项B正确；线段Oc的斜率大于线段dO的斜率，Vc<Vd，从cd气体体积增大，选项C错误；线段dO的斜率大于线段aO的斜率，Vd<Va，从da气体体积增大，选项D正确1039 cm解析 以右管中被封闭气体为研究对象，气体在初状态下其p1p0ph(7619) cmHg57 cmHg，V1L1S40S；末状态p2p076 cmHg，V2L2S.则由玻意耳定律得：57×40 S76×L2S，L230 cm.需注入的水银柱长度应为h2(L1L2)39 cm.11(1)p0 (2)解析 (1)设升温后气体的压强为p1，由查理定律得代入数据得p1p0(2)抽气过程可视为等温膨胀过程，设膨胀后的总体积为V，由玻意耳定律得p1V0p0V联立式解得VV0设剩余气体的质量与原来气体的总质量之比为K，由题意得K联立式解得K122.68 cm解析 这是一个等压变化过程，设活塞的横截面积为S.初态：T1273 K100 K373 K，V110S末态：T2273 K，V2LS由盖·吕萨克定律得LSV1，L×10 cm7.32 cm重物上升高度为10 cm7.32 cm2.68 cm