2020-2021学年度高二物理11月周考试卷-1.docx

2020-2021学年度高二物理11月周考试卷学校:_姓名：_班级：_考号：_一、单选题1测定电源的电动势和内阻”的实验中，下列注意事项中错误的是A应选用旧的干电池作为被测电源，以使电压表示数的变化比较明显B应选用内阻较小的电压表和电流表C移动变阻器的触头时，不能使滑动变阻器短路造成电流表过载D根据实验记录的数据作UI图象时，应通过尽可能多的点画一条直线，并使不在直线上的点大致均匀分布在直线两侧2质量为m的物体放置在升降机内的台秤上，若升降机以a在竖直方向上做匀变速直线运动。若物体处于超重状态，则A升降机加速度方向竖直向下B升降机一定加速运动C升降机一定向上运动D台秤示数增大ma3如图1所示的电路中，理想变压器的原、副线圈匝数比为2：1，电流表为理想电表，定值电阻R10，在a、b间输入如图2所示的半波正弦交流电。则下列说法正确的是( )A电流表的示数为AB副线圈两端的电压为20VCa、b端输入的功率为5WDa、b端输入的电压有效值为V4下列关于开普勒对于行星运动规律的认识的说法正确的是( )A所有行星绕太阳运动的轨道都是椭圆B所有行星绕太阳运动的轨道都是圆C所有行星的轨道的半长轴的二次方跟公转周期的三次方的比值都相同D所有行星的公转周期与行星的轨道的半径成正比5关于磁感线，下列说法正确的是（ ）A磁感线是用来描述磁场相关性质的曲线，它与磁场一样真实存在B磁感线总是从磁体的N极出发回到S极C磁感线的疏密程度可表示磁场的磁感应强度的强弱D磁感线可能相交6如图所示，某物块分别沿三条不同的轨道由离地高h的A点滑到同一水平面上，轨道1、2是光滑的，轨道3是粗糙的，则（）A沿轨道1滑下重力做功多B沿轨道2滑下重力做功多C沿轨道3滑下重力做功多D沿三条轨道滑下重力做的功一样多7下列关于重力、弹力、摩擦力说法正确的是（）A重力是由于地球的吸引而使物体受到的力，方向垂直接触面向下B桌子上书本对桌面的压力，是由于桌面发生形变而产生的C静摩擦力的方向可以与物体的运动方向相同D滑动摩擦力方向一定与物体的运动方向相反8如图所示，理想变压器的原线圈接在u=Umsin100t（V）的正弦交流电源上，变压器原、副线圈匝数比为10：1，副线圈接有三个阻值均为55的负载电阻R1、R2和R3，电压表和电流表均为理想电表。已知时，原线圈瞬时电压为，下列说法正确的是（）A若开关S1闭合，电压表读数为44VB若开关S1闭合，开关S2断开，电流表读数为0.04AC若开关S1、S2都断开，电流表读数为0.2AD若开关S1、S2都断开时原线圈功率为P1，开关S1、S2都闭合时原线圈功率为P2，则有P14P2二、多选题9解放军特种兵在某次训练中要求战士渡过一条如图所示的水渠，区、区的宽度分别为30m和40m，渠水流速分别为1.2m/s和0.9m/s。战士甲和乙分别从A点和B点开始以垂直于渠岸的路径渡渠，并在对岸C点和D点登陆。已知两名战士在静水中游动的速度均为1.5m/s，设战士甲和乙渡渠过程中垂直于渠岸的速度分别为v1和v2，渡渠时间分别为t1和t2，则（）ABCD10如图所示，理想变压器原线圈连接的交变电压有效值保持不变， L1、L2是完全相同的两个灯泡，电表均为理想电表，开始时开关S是闭合的当开关S断开后，下列说法正确的是A电压表的示数变大B电流表A1的示数减小C电流表A2的示数变大D灯泡L1的亮度变亮11甲、乙两车某时刻由同一地点，沿同一方向开始做直线运动，若以该时刻作为计时起点，得到两车的位移图象如图所示，图象中的OC与AB平行，CB与OA平行，则下列说法中正确的是At1到t2时刻两车的距离越来越远B0t3时间内甲车的平均速度大于乙车的平均速度C甲车的初速度等于乙车在t3时刻的速度Dt3时刻甲车和乙车相遇12设地球的质量为，平均半径为，自转角速度为，引力常量为，则有关地球同步卫星的说法正确的是( )A同步卫星的轨道与地球的赤道在同一平面内B同步卫星的角速度也为C同步卫星的离地高度为D同步卫星的离地高度为三、实验题13某实验小组用恒力拉动小车做匀加速直线运动，通过打点计时器得到一条能记录小车运动情况的纸带，每隔四个点取一个计数点，测量数据如图所示（结果均保留三位有效数字）。(1)根据逐差法计算得加速度_；(2)点的瞬时速度_；(3)若实验时，交流电的实际频率为，则测量出的加速度_（填“偏大”、“偏小”或“不变”）。14某同学采用图（a）所示实验电路来描绘额定电压为12V的小灯泡伏安特性曲线（1）将图（b）的实物图连接完整_（2）某次实验时，滑动变阻器的滑片从a向b滑动的过程中，发现电压表和电流表原来几乎没有示数，直到接近b端时示数急剧增大经检查所有电路连线及仪器都完好，则可能原因是_（3）若描绘出的伏安特性曲线如图（c）所示，则灯泡的额定功率为_W（保留两位有效数字）（4）若将两盏这样的灯泡与电动势12V ,内阻4的电源申联，则灯泡的实际功率为_W（保留两位有效数字）四、解答题15距地面某一高度水平抛出一物体（不计空气阻力），从抛出开始计时，经1 s后落到地面，落地时速度方向与水平方向成60角，g取10 m/s2.求：(1) 开始抛出时物体距地面的高度；(2)物体的初速度大小；(3)物体的水平射程。16如图所示，一个大轮通过皮带拉着小轮转动，皮带和两轮之间无滑动，大轮的半径是小轮的2倍，大轮上的一点S离转动轴的距离是大轮半径的05倍当大轮边缘上P点的向心加速度是10m/s2时，求大轮上的S点和小轮边缘上的Q点的向心加速度17一能屏蔽高能粒子辐射的长方体铅盒，如图甲所示，铅盒左侧面正中心O处有一放射源，它可向外辐射速率均为v=1107m/s的正粒子，粒子通过铅盒右侧面狭缝MQ射入一平行边界的匀强磁场中，粒子均不能从磁场的右边界射出图乙为该装置的截面简化图，截面MNPQ位于垂直磁场的平面内已知PQ=0.3m，NP=0.6m，该粒子质量m=410-27kg，电量q=810-19C，磁场的磁感应强度B=0.5 T，方向垂直于纸面向里求(1)粒子在磁场中运动的半径R；(2)粒子从O点射出到离开磁场左边界的最长时间t；(3)若粒子放射源可以处在NP的任意位置，为了使粒子均不能从磁场的右边界射出，磁场区域的宽度d至少多大？()18如图所示，空间存在一水平向右的有界匀强电场，电场上下边界的距离为d，左右边界足够宽.现有一带电量为+q、质量为m的小球（可视为质点）以竖直向上的速度从下边界上的A点进入匀强电场，且恰好没有从上边界射出，小球最后从下边界的B点离开匀强电场，若A、B两点间的距离为4d，重力加速度为g，求:(1)匀强电场的电场强度；(2)小球在B点的动能；(3)求小球速度的最小值.第5页 共8页 第6页 共8页本卷由系统自动生成，请仔细校对后使用，答案仅供参考。参考答案1B【解析】【详解】A、旧干电池内阻较大，故应选用旧的干电池作为被测电源，以使电压表读数变化明显，故A错误；B、应选用内阻较小的电流表和内阻较大的电压表，以避免电流表和电压表自身阻值的影响，减小实验误差，故B错误；C、移动滑动变阻器的滑片时，不能使滑动变阻器短路造成电流表过载而发生危险，故C正确；D、作图时，应通过尽可能多的点画一条直线并使不在直线上的点大致均匀分布在直线两侧，这样作图误差最小，故D正确；故选CD。【点睛】实验为了减小误差，通常选用内阻较大的电源，为了避免电流表和电压表自身阻值的影响，选取小电阻电流表和大电阻电压表；实验中应避免发生短路，作图时要规范精确并尽可能使用多的数据，据此解答。2D【解析】【详解】A物体处于超重状态，根据牛顿第二定律可知物体有向上的加速度，那么升降机也就有向上的加速度（即加速度方向竖直向上），此时可以是向下减速，也可以是向上加速，故ABC错误；D根据牛顿第二定律可知台秤示数比静止时增大，故D正确；故选D。3D【解析】【详解】AB. 原线圈正弦半波交流部分的有效值满足解得：，根据变流比，副线圈中电流的有效值为，副线圈两端的电压有效值为，选项A、B错误；C.a、b端输入的功率为，选项C错误；D.a、b端输入的电压等于原线圈两端的电压，根据变压比，原线圈两端的电压为，选项D正确。4A【解析】【分析】【详解】试题分析：开普勒第一定律，所有行星绕太阳运动的轨道都是椭圆，太阳处在椭圆的一个焦点上开普勒第三定律，所有行星的椭圆轨道的半长轴的三次方跟公转周期的平方的比值都相等可判断A正确解：A、根据开普勒第一定律，所有行星绕太阳运动的轨道都是椭圆，太阳处在椭圆的一个焦点上故A正确B、所有行星绕太阳运动的轨道都是椭圆而不是圆，故B错误C、根据开普勒第三定律，所有行星的椭圆轨道的半长轴的三次方跟公转周期的平方的比值都相等，故C错误D、与开普勒第三定律，所有行星的椭圆轨道的半长轴的三次方跟公转周期的平方的比值都相等矛盾，故D错误故选A5C【解析】磁场是真实存在的，但磁感线是为了描述磁场而引入的理想模型，它不是真实存在的，故A错误；在磁体外部磁感线总是从磁体的N极出发回到S极，磁体内部是从磁体的S极出发回到N极，故B错误；磁感线的疏密程度表示磁场的磁感应强度的强弱，故C正确；若两条磁感线可以相交，则交点处就可以做出两个磁感线的方向，即该点磁场方向就会有两个，这与理论相矛盾，因此磁感线不能相交，故D错误。所以C正确，ABD错误。6D【解析】物块分别沿三条不同的轨道由离地高h的A点滑到同一水平面上，重力做功都是 W=mgh，所以沿三条轨道滑下重力做的功一样多，故D正确ABC错误故选D.点睛：解答本题要掌握重力做功的特点和做功公式W=mgh，正确理解h是物体初末位置的高度差重力做功与路程无关，与其它力是否存在无关7C【解析】【详解】A重力是由于地球对物体的吸引而产生的，方向竖直向下，不是垂直接触面向下，故A错误；B书本对桌面的压力是由于书本发生弹性形变而产生的，故B错误；C摩擦力的方向总是与物体间相对运动的方向（或相对运动趋势的方向）相反，因此静摩擦力的方向可以与物体的运动方向相同，也可以与物体运动方向相反，故C正确；D滑动摩擦力方向一定与物体的相对运动方向相反，不一定与物体的运动方向相反，故D错误；故选C。8B【解析】【分析】【详解】A由时，原线圈的瞬时电压为，可知原线圈。原线圈电压有效值为由变压器原副线圈匝数与电压的关系可得，副线圈电压有效值为U2=22V。若闭合开关S1，则电压表读数为22V，A错误；B若开关S1闭合，开关S2断开，副线圈电路中只有电阻R2，所以副线圈电阻值为55，由欧姆定律所以，副线圈电流为0.4A，由理想变压器原副线圈匝数与电流关系可得电流表读数应为I1=0.04A，B正确；C若开关S1、S2都断开，副线圈电路中R1、R2串联，副线圈电阻，由欧姆定律副线圈电流为0.2A，由理想变压器原副线圈匝数与电流关系可得电流表读数应为，C错误；D开关S1、S2都断开时，副线圈电路中R1、R2串联，由电功率公式副线圈功率为,所以原线圈功率开关S1、S2都闭合时，副线圈电路中R2和R3串联，副线圈电阻为R23=27.5副线圈功率为，所以原线圈功率则有，D错误。故选B。9BC【解析】【分析】【详解】战士垂直于渠岸渡渠，并到达正对岸，则在静水中的速度与上游渠岸成一定角度，合速度垂直于渠岸，根据几何关系可知，战士甲垂直于渠岸的合速度为战士乙垂直于渠岸的合速度为即由可得故AD错误，BC正确。故选BC。10BD【解析】试题分析：A、由题可知，原线圈电压不变，理想变压器的匝数比不变，则副线圈输出电压不变，电压表示数不变；错误BC、不变，开关S断开后，负载总电阻增大，副线圈电流减小，示数减小；理想变压器输入输出功率相等，即可得，减小，示数减小；B正确C错误D、不变，减小，R两端电压减小，灯泡两端电压增大，灯泡变亮；正确故选BD考点：变压器的动态分析点评：此题关键理想变压器的匝数比不变，决定，输出功率决定输入功率，决定11CD【解析】【分析】【详解】A. t1t2时间内，甲的速度等于乙的速度，所以两车间的距离不变，故A项错误；B. 0t3时间内，甲、乙两车位移相等，根据平均速度等于位移除以时间，可知，0t3时间内，两车的平均速度相等，故B项错误；C. 根据斜率等于速度，结合条件：OC与AB平行，可知甲车的初速度等于乙车在t3时刻的速度，故C项正确；D. t3时刻两车相遇，故D项正确12ABD【解析】A、同步卫星的角速度为，且因为同步卫星相对于地球静止，所以同步卫星的轨道同只能在在赤道的上方，故AB正确；C、根据万有引力提供向心力，轨道半径，所以同步卫星离地的高度故C错误，D正确。点睛：同步卫星定轨道（在赤道上方），定周期（与地球的自转周期相同），定速率、定高度根据万有引力提供向心力，可求出同步卫星的轨道半径，从而求出同步卫星离地的高度。13 偏大 【解析】【分析】【详解】(1)1由题意可知，计数点间的时间间隔，根据逐差法，可知加速度(2)2点的瞬时速度由可得(3)3若交流电的实际频率是，会导致打点周期变大，而处理数据计算加速度时还用的是原来的较小的周期，即测量出的加速度比实际值偏大。14（1）如图 （2）滑动变阻器阻值远大于灯泡电阻 （3）66W （4）20W（19-21W均正确 【解析】试题分析：（1）根据原理图可得出对应的实物图，由图可知，电流最大值为06A，故电流表量程选择06A；如图所示；（2）滑动变阻器串联在电路中，电压表测量滑动变阻器电压，刚开始滑动触头P由A端向B端逐渐滑动时，电压表的示数几乎不变，说明随着电阻的变小，滑动变阻器的电阻占整个电路电阻的比例变化不大，直到当滑动触头P滑至临近B端时，电压表的示数急剧变化，说明滑线变阻器的总电阻太大，所以原因是：滑动变阻器阻值太大，有效使用的部分短；（3）由图可知，当电压为12V时，电流为055A；故功率为：；（4）将两盏这样的灯泡与电源串联，则灯泡的电流为I，则有：；作出对应的伏安特性曲线，二者之间的交点即为灯泡的工作点，则由图可知，灯泡的电压为5V，电流为04A，则功率为：；考点：描绘小灯泡的伏安特性曲线实验【名师点睛】描绘小灯泡的伏安特性曲线是高中阶段电学实验考查的重点，是近几年各地高考题目的出题热点，本题突出了对于实验原理、仪器选择及U-I图象处理等多方面内容的考查，要重点明确伏安特性曲线的掌握和应用方法15(1)5m (2)1033ms (3)1033m 【解析】【详解】（1）物体在竖直方向做自由落体运动，则开始抛出时物体距地面的高度：h=12gt2=121012m=5m （2）物体的初速度：v0=vytan300=gttan300=1033m/s（3）物体的水平射程：x=v0t=1033m 。16aS=5m/s2；aQ=20m/s2【解析】由题意P、S、Q三点半径比为2：1：1，根据a=2r可知，P、S向心加速度之比为2：1P点的向心加速度是10m/s2时，故s点加速度aS=5m/s2依据a，P点的向心加速度是10m/s2时，Q点向心加速度为aQ=20m/s2点睛：传送带在传动过程中不打滑，则传送带传动的两轮子边缘上各点的线速度大小相等，共轴的轮子上各点的角速度相等17(1) 0.1 m (2) (3) 0.188m【解析】（1）由R，代入数据解得： （2）经判断从Q点射入磁场的粒子在铅盒及磁场中的时间都最长，分别设为t1和t2，总时间也最长OQ=0.3m 在磁场中逆时针旋转3T/4离开磁场左边界 总时间 （3）经判断，当放射源处于N点时，磁场区域的宽度d最大由几何关系d=R（1+cos）cos解得d=0.188m点睛：本题考查带电粒子在磁场中的运动，关键是抓住洛伦兹力提供向心力这一核心原理，记住半径公式和周期公式，结合一定的几何关系即可求解18（1）E=mgq(2)Emax=5mgd(3)vmin=gd【解析】试题分析：（1）设小球从A运动到B的时间为t，电场强度为E.对水平方向上有:12qEmt2=4d对竖直方向上有:12g(t2)2=d联立解得:E=mgq（2）设进入电场时的速度为v0，则小球到达B点时机械能最大，设为Emax.对竖直方向上有:v02=2gd由功能关系得：Emax=12mv02+4qEd联立解得:Emax=5mgd（3）设经时间t速度最小，由运动的合成与分解得：vy=v0gtvx=gtv=(gt)2+(v0gt)2则有当(gt)2=(v0gt)2时v取得最小值，即：t=v02g代入解得：vmin=gd考点：牛顿定律；功能关系.答案第13页，总13页