江苏专版2019高考物理一轮复习课时跟踪检测九牛顿第二定律两类动力学问题20180523389.wps
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1、课时跟踪检测(九) 牛顿第二定律 两类动力学问题 对点训练:牛顿第二定律的理解 1.若战机从“辽宁号”航母上起飞前滑行的距离相同,牵引 力 相同,则( ) A携带弹药越多,加速度越大 B加速度相同,与携带弹药的多少无关 C携带弹药越多,获得的起飞速度越大 D携带弹药越多,滑行时间越长 解析:选 D 携带弹药越多,战机的质量越大,而牵引力相同,根据牛顿第二定律 Fma 可知,飞机加速度越小,由 v22ax 可知,起飞速度越小,选项 A、B、C 错误;起飞前滑行的 1 距离相同,由 x at2可得,加速度越小,滑行时间越长,所以 D 正确。 2 2多选如图所示,一木块在光滑水平面上受一恒力F作用,
2、 前 方固定一足够长的水平轻弹簧,则当木块接触弹簧后,下列判断 正 确的是( ) A木块立即做减速运动 B木块在一段时间内速度仍增大 C当 F 等于弹簧弹力时,木块速度最大 D弹簧压缩量最大时,木块速度为零但加速度不为零 解析:选 BCD 刚开始时,弹簧对木块的作用力小于外力 F,木块继续向右做加速度逐渐 减小的加速运动,直到二力相等,而后,弹簧对木块的作用力大于外力 F,木块继续向右做加 速度逐渐增大的减速运动,直到速度为零,但此时木块的加速度不为零,故选项 A 错误,B、 C、D 正确。 对点训练:牛顿第二定律的瞬时性问题 3.(2018南通模拟)如图所示,一根弹簧一端固定在左侧竖直墙 上
3、 ,另一端连着 A 小球,同时水平细线一端连着 A 球,另一端固定在右侧 竖 直墙上,弹簧与竖直方向的夹角是 60,A、B 两小球分别连在另一根 竖 直弹簧两端。开始时 A、B 两球都静止不动,A、B 两小球的质量相等,重 力 加速度为 g,若不计弹簧质量,在水平细线被剪断瞬间,A、B 两球的加 速 度分别为( ) AaAaBg BaA2g,aB0 CaA 3g,aB0 DaA2 3g,aB0 解析:选 D 设两个小球的质量都为 m,以 AB 球整体作为研究对象,A 处于静止状态受力 平衡,由平衡条件得:细线拉力 T2mgtan 602 3mg,剪断细线瞬间弹簧的弹力没有变化, 1 2 3mg
4、 A 球受到的合力与原来细线的拉力大小相等,方向相反,由牛顿第二定律得:aA 2 m 3 g,B 球的受力情况不变,则加速度仍为 0,故 D 正确。 4.多选(2018天水一模)如图所示,在动摩擦因数 0.2 的水 平面上有一个质量m1 kg 的小球,小球与水平轻弹簧及与竖直方向成 45角的不可伸长的轻绳一端相连,此时小球处于静止状态,且水 平面对小球的弹力恰好为零。在剪断轻绳的瞬间(g 取 10 m/s2),下列说法中正确的是( ) A小球受力个数不变 B小球立即向左运动,且 a8 m/s2 C小球立即向左运动,且 a10 m/s2 D若剪断的是弹簧,则剪断瞬间小球加速度为零 解析:选 BD
5、 在剪断轻绳前,小球受重力、绳子的拉力以及弹簧的弹力处于平衡,根据 共点力平衡得,弹簧的弹力:Fmgtan 45101 N10 N,剪断轻绳的瞬间,弹簧的弹力仍 然为 10 N,小球此时受重力、支持力、弹簧弹力和摩擦力四个力作用。小球的受力个数发生改 变,故 A 错误;小球所受的最大静摩擦力为:Ffmg0.210 N2 N,根据牛顿第二定律 FFf 102 得小球的加速度为:a m/s28 m/s2,合力方向向左,所以向左运动,故B 正确, m 1 C 错误;剪断弹簧的瞬间,轻绳对小球的拉力瞬间为零,此时小球所受的合力为零,则小球的 加速度为零,故 D 正确。 对点训练:动力学的两类基本问题
6、5.(2018大连模拟)质量分别为 m1、m2的甲、乙两球,在离地 相 同高度处,同时由静止开始下落,由于空气阻力的作用,两球到达 地 面前经时间 t0分别达到稳定速度 v1、v2,已知空气阻力大小 f 与小球 的 下落速率 v 成正比,即 fkv(k0),且两球的比例常数 k 完全相 同, 两球下落的 vt 关系如图所示,下列说法正确的是( ) Am1m2 m1 v1 B. m2 v2 C释放瞬间甲球的加速度较大 Dt0时间内两球下落的高度相等 解 析:选 B 两球先做加速度减小的加速运动,最后都做匀速运动,稳定时有 kvmg,因 m1 v1 此最大速度与其质量成正比,即 vmm,则 。由图
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