2019高考物理课时作业三含解.doc
《2019高考物理课时作业三含解.doc》由会员分享,可在线阅读,更多相关《2019高考物理课时作业三含解.doc(10页珍藏版)》请在三一文库上搜索。
1、课时作业(三)一、选择题(共10个小题,1、4、6、7为多选,其余为单选,每题5分共50分)1(2018湖北一模)如图所示,某人从同一位置O以不同的水平速度投出三枚飞镖A、B、C,最后都插在竖直墙壁上,它们与墙面的夹角分别60、45、30,图中飞镖的取向可认为是击中墙面时的速度方向,不计空气阻力则下列说法正确的是()A三只飞镖做平抛运动的初速度一定满足vAOvBOvCOB插在墙上的三只飞镖的反向延长线一定交于同一点C三只飞镖击中墙面的速度满足vAvBvCD三只飞镖击中墙面的速度一定满足vAvCvB答案ABD解析A项,飞镖做平抛运动,水平分运动,有:xv0t,速度与竖直方向夹角的正切值为:tan
2、,联立解得:v0,故vAOvBOvCO,故A项正确;B项,飞镖做平抛运动,速度的反向延长线通过水平分位移的中点,而飞镖的指向表示瞬时速度的方向,故插在墙上的三只飞镖的反向延长线一定交于同一点,故B项正确;C、D两项,根据平行四边形定则并结合几何关系,有:v,故vAvC,vB,故vAvCvB,故C项错误,D项正确;故选:A、B、D三项2(2017课标全国)发球机从同一高度向正前方依次水平射出两个速度不同的乒乓球(忽略空气的影响)速度较大的球越过球网,速度较小的球没有越过球网;其原因是()A速度较小的球下降相同距离所用的时间较多B速度较小的球在下降相同距离时在竖直方向上的速度较大C速度较大的球通过
3、同一水平距离所用的时间较少D速度较大的球在相同时间间隔内下降的距离较大答案C解析发球机发出的球,速度较大的球越过球网,速度较小的球没有越过球网,原因是发球机到网的水平距离一定,速度大,则所用的时间较少,球下降的高度较小,容易越过球网,故C项正确,A、B、D三项错误故选C项3.(2016北京)如图所示,一颗人造卫星原来在椭圆轨道1绕地球E运行,在P点变轨后进入轨道2做匀速圆周运动下列说法正确的是()A不论在轨道1还是轨道2运行,卫星在P点的速度都相同B不论在轨道1还是轨道2运行,卫星在P点的加速度都相同C卫星在轨道1的任何位置都具有相同加速度D卫星在轨道2的任何位置都具有相同动量答案B解析从轨道
4、1变轨到轨道2,需要加速逃逸,故A项错误;根据公式Gma可得aG,故只要距离相同,加速度大小就相同,由于卫星在轨道1做椭圆运动,运动半径在变化,所以运动过程中的加速度在变化,B项正确,C项错误;卫星在轨道2做匀速圆周运动,运动过程中的速度方向时刻在变,所以动量方向不同,D项错误考点考查了万有引力定律的应用4(2017抚顺一模)研发卫星的成本高,提高卫星的使用寿命是节约成本的方法之一,如图甲所示的“轨道康复者”航天器可在太空中给“垃圾”卫星补充能源,从而延长卫星的使用寿命图乙是“轨道康复者”在某次拯救一颗地球同步卫星前,二者在同一平面内沿相同绕行方向绕地球做匀速圆周运动的示意图,此时二者的连线通
5、过地心,“轨道康复者”与同步卫星的轨道半径之比为14.若不考虑“轨道康复者”与同步卫星之间的万有引力,则下列说法正确的是()A在图示轨道上,“轨道康复者”的周期为6 hB在图示轨道上,“轨道康复者”加速度大小是同步卫星加速度大小的4倍C在图示轨道上,“轨道康复者”的线速度大小是同步卫星线速度大小的2倍D若要对该同步卫星实施拯救,“轨道康复者”可从图示轨道上进行加速后再与同步卫星对接答案CD分析卫星绕地球做圆周运动万有引力提供向心力,应用万有引力公式与牛顿第二定律求出线速度、向心加速度、周期,然后分析答题;卫星加速会做离心运动解析A项,万有引力提供向心力,由牛顿第二定律得:Gm()2r,解得:T
6、2,则,T轨道康复者T同步卫星243 h,故A项错误;B项,万有引力提供向心力,由牛顿第二定律得Gma,解得,加速度:a,则:()2,故B项错误;C项,万有引力提供向心力,由牛顿第二定律得:Gm,解得,线速度:v,故C项正确;D项,“轨道康复者”从图示轨道上进行加速做离心运动,然后与同步卫星对接进行施救,故D项正确;故选C、D两项5(2017淮南一模)在中轴线竖直且固定的光滑圆锥形容器中,固定了一根光滑的竖直细杆,细杆与圆锥的中轴线重合,细杆上穿有小环(小环可以自由转动,但不能上下移动),小环上连接了一轻绳,与一质量为m的光滑小球相连,让小球在圆锥内做水平面上的匀速圆周运动,并与圆锥内壁接触,
7、如图所示,图(a)中小环与小球在同一水平面上,图(b)中轻绳与竖直轴成角,设(a)图和(b)图中轻绳对小球的拉力分别为Ta和Tb,圆锥内壁对小球的支持力分别为Na和Nb,则在下列说法中正确的是()ATa一定为零,Tb一定为零BTa可以为零,Tb可以为零CNa一定不为零,Nb一定不为零DNa可以为零,Nb可以为零答案B分析小球在圆锥内做匀速圆周运动,对小球进行受力分析,合外力提供向心力,根据力的合成原则即可求解解析对(a)图中的小球进行受力分析,小球所受的重力,支持力的合力的方向可以指向圆心提供向心力,所以Ta可以为零,若Na等于零,则小球所受的重力及绳子拉力的合力方向不能指向圆心而提供向心力,
8、所以Na一定不为零;对(b)图中的小球进行受力分析,若Tb为零,则小球所受的重力、支持力的合力的方向可以指向圆心提供向心力,所以Tb可以为零,若Nb等于零,则小球所受的重力及绳子拉力的合力方向也可以指向圆心而提供向心力,所以Nb可以为零;故B项正确A、C、D三项错误;故选B项6(2016课标全国)如图,一固定容器的内壁是半径为R的半球面;在半球面水平直径的一端有一质量为m的质点P.它在容器内壁由静止下滑到最低点的过程中,克服摩擦力做的功为W.重力加速度大小为g.设质点P在最低点时,向心加速度的大小为a,容器对它的支持力大小为N,则()AaBaCN DN答案AC解析质点P下滑过程中,重力和摩擦力
9、做功,根据动能定理可得mgRWmv2,根据公式a,联立可得a,A项正确,B项错误;在最低点重力和支持力的合力充当向心力,摩擦力水平,不参与向心力,故根据牛顿第二定律可得Nmgma,代入可得N,C项正确,D项错误7(2017江苏) “天舟一号”货运飞船于2017年4月20日在文昌航天发射中心成功发射升空,与“天宫二号”空间实验室对接前,“天舟一号”在距离地面约380 km的圆轨道上飞行,则其()A角速度小于地球自转角速度B线速度小于第一宇宙速度C周期小于地球自转周期D向心加速度小于地面的重力加速度答案BCD解析A项,根据卫星的速度公式v和vr,得:.将“天舟一号”与地球同步卫星比较,由于“天舟一
10、号”的轨道半径小于地球同步卫星的轨道半径,所以“天舟一号”的角速度大于地球同步卫星的角速度,而地球同步卫星的角速度等于地球自转角速度,所以其角速度大于地球自转角速度故A项错误B项,第一宇宙速度是卫星绕地球做匀速圆周运动最大的运行速度,知其线速度小于第一宇宙速度故B项正确C项,由T知“天舟一号”的周期小于地球同步卫星的周期,而地球同步卫星的周期等于地球自转周期,所以其周期小于地球自转周期故C项正确D项,由a知,其向心加速度小于近地卫星的向心加速度,而近地卫星的向心加速度约等于地面的重力加速度,所以其向心加速度小于地面的重力加速度故D项正确8(2018贵州二模)2018年1月9日11时24分,我国
11、在太原卫星发射中心用“长征二号丁”运载火箭,将“高景一号”03、04星成功发射升空,这两颗卫星是0.5米级高分辨率遥感卫星,他们均在离地面高度均为530 km的轨道上绕地球做匀速圆周运动以下说法正确的是()A这两颗卫星运行速率比地球同步卫星的速率小B这两颗卫星的加速度比地球同步卫星的加速度大C这两颗卫星的动能一定比地球同步卫星的动能大D这两颗卫星中任意一颗一天可看见6次日出答案B解析由万有引力提供向心力得:Gmrmma;可得周期为:T2,线速度为:v.A项,由于“高景一号”的轨道高度小于同步卫星的轨道高度,所以“高景一号”的线速度大于同步卫星的速率故A项错误;B项,由:Gma可得加速度为:a,
- 配套讲稿:
如PPT文件的首页显示word图标,表示该PPT已包含配套word讲稿。双击word图标可打开word文档。
- 特殊限制:
部分文档作品中含有的国旗、国徽等图片,仅作为作品整体效果示例展示,禁止商用。设计者仅对作品中独创性部分享有著作权。
- 关 键 词:
- 2019 高考 物理 课时 作业 三含解
![提示](https://www.31doc.com/images/bang_tan.gif)
链接地址:https://www.31doc.com/p-4800374.html